Đáp án B

Phương pháp:           

+ Gọi số có 4 chữ số cần lập là $\overline {abcd} \left( {0 \le a;b;c;d \le 9;\,a \ne 0;\,a,b,c,d \in \mathbb{N}} \right)$.

+ Chọn từng chữ số, sau đó áp dụng quy tắc nhân.

Cách giải:

Gọi số có 4 chữ số cần lập là $\overline {abcd} \left( {0 \le a;b;c;d \le 9;\,a \ne 0;\,a,b,c,d \in \mathbb{N}} \right)$.

+ Số cần lập là số chẵn $\Rightarrow d \in \left\{ {2;4;6} \right\} \Rightarrow$ Có 3 cách chọn $d$.

+ Ứng với mỗi cách chọn $d$ có $A_5^3 = 60$ cách chọn 3 chữ số $a,b,c$.

Áp dụng quy tắc nhân ta có: $3.60 = 180$ số thỏa mãn.

Đáp án D

Phương pháp:

Giải phương trình lượng giác cơ bản $\tan x = \tan \alpha \Leftrightarrow x = \alpha + k\pi \left( {k \in \mathbb{Z}} \right)$.

Cách giải:

$\tan 2x + \sqrt 3 = 0 \Leftrightarrow \tan 2x = - \sqrt 3 \Leftrightarrow 2x = - \frac{\pi }{3} + k\pi \Leftrightarrow x = - \frac{\pi }{6} + k\frac{\pi }{2}\left( {k \in \mathbb{Z}} \right)$

Đáp án C

Phương pháp:

+ Tính số phân tử của không gian mẫu.

+ Tính số phân tử của biến cố.

+ Tính xác suất của biến cố.

Cách giải:

+ Chọn ngẫu nhiên đồng thời 3 quả cầu $\Rightarrow n\left( \Omega \right) = C_{17}^3 = 680$.

+ Gọi A là biến cố: “Lấy được 3 quả cầu màu xanh” $\Rightarrow n\left( A \right) = C_5^3 = 10$

Vậy $P\left( A \right) = \frac{{n\left( A \right)}}{{n\left( \Omega \right)}} = \frac{{10}}{{680}} = \frac{1}{{68}}$

Đáp án C

Phương pháp:

Cho $M\left( {x;y} \right)$ và $\overrightarrow u = \left( {a;b} \right)$, gọi $M'\left( {x';y'} \right) = {T_{\overrightarrow u }}\left( M \right) \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l}x' = x + a\\y' = y + b\end{array} \right.$

Cách giải:

${T_{\overrightarrow u }}\left( A \right) = B \Leftrightarrow \left\{ \begin{array}{l}{x_B} = 2 + 1 = 3\\{y_B} = - 4 - 2 = - 6\end{array} \right. \Rightarrow B\left( {3; - 6} \right)$.

Đáp án D

Phương pháp:

+ Sử dụng định nghĩa phép vị tự: ${V_{\left( {I;k} \right)}}\left( M \right) = M' \Leftrightarrow \overrightarrow {IM'} = k\overrightarrow {IM}$

+ Sử dụng tính chất phép vị tự: Phép vị tự biến đường thẳng thành đường thẳng song song hoặc trùng với nó.

Cách giải:

Gọi $d' = {V_{\left( {O;2} \right)}}\left( d \right) \Rightarrow d'//d \Rightarrow$ Phương trình $d'$ có dạng $3x - 2y + c = 0$.

 Lấy $A\left( { - 1;1} \right) \in d$. Gọi $A' = {V_{\left( {O;2} \right)}} \Rightarrow \overrightarrow {OA'} = 2\overrightarrow {OA} \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l}{x_{A'}} = 2.\left( { - 1} \right) = - 2\\{y_{A'}} = 2.\left( { - 1} \right) = - 2\end{array} \right. \Rightarrow A'\left( { - 2; - 2} \right)$.

Vì $A' \in d' \Rightarrow 3.\left( { - 2} \right) - 2.\left( { - 2} \right) + c = 0 \Leftrightarrow c = 2$.

Vậy $d':3x - 2y + 2 = 0$.

Đáp án C

Phương pháp:

+ Giải phương trình bậc hai đối với một hàm số lượng giác.

+ Giải phương trình lượng giác cơ bản: $\sin x = \sin \alpha \Leftrightarrow \left[ \begin{array}{l}x = \alpha + k2\pi \\x = \pi - \alpha + k2\pi \end{array} \right.\left( {k \in \mathbb{Z}} \right)$

Cách giải:

Đáp án A

Phương pháp:

+ Phép tịnh tiến biến đường tròn thành đường tròn có cùng bán kính.

+ Xác định tâm $I$ và bán kính $R$ của đường tròn $\left( C \right)$.

+ Gọi $I' = {T_i}\left( I \right)$, xác định tọa độ điểm $I'$.

+ Gọi $\left( {C'} \right) = {T_i}\left( C \right) \Rightarrow \left( {C'} \right)$ là đường tròn có tâm $I'$ và bán kính $R$.

Cách giải:

+ Đường tròn $\left( C \right):{\left( {x - 1} \right)^2} + {\left( {y + 3} \right)^2} = 4$ có tâm $I\left( {1; - 3} \right)$ và bán kính $R = 2$.

+ Gọi $I' = {T_i}\left( I \right) \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l}{x_{I'}} = 1 + 1 = 2\\{y_{I'}} = - 3 + 0 = - 3\end{array} \right. \Rightarrow I'\left( {2; - 3} \right)$

+ Gọi $\left( {C'} \right) = {T_i}\left( C \right) \Rightarrow \left( {C'} \right)$ là đường tròn có tâm $I'\left( {2; - 3} \right)$ và bán kính $R = 2$.

Vậy phương trình đường tròn $\left( {C'} \right):{\left( {x - 2} \right)^2} + {\left( {y + 3} \right)^2} = 4$.

Đáp án A

Phương pháp:

Các cách xác định mặt phẳng là:

+ Qua ba điểm không thẳng hàng.

+ Qua một điểm và một đường thẳng không đi qua điểm đó.

+ Qua hai đường thẳng cắt nhau.

+ Qua hai đường thẳng song song.

Cách giải:

Khẳng định sai là đáp án A: Qua ba điểm phân biệt xác định được một và chỉ một mặt phẳng.

Khẳng định đúng phải là: Qua ba điểm phân biệt không thẳng hàng xác định được một và chỉ một mặt phẳng.

Đáp án C

Phương pháp:

$\left\{ \begin{array}{l}a \subset \left( \alpha \right)\\b \subset \left( \beta \right)\\a//b\end{array} \right. \Rightarrow$ Giao tuyến của hai mặt phẳng $\left( \alpha \right)$ và $\left( \beta \right)$ là đường thẳng đi qua điểm chung của hai mặt phẳng và song song với $a,b$.

Cách giải:

Xác định $\left( {SAD} \right) \cap \left( {SBC} \right)$.

+ $S$ là điểm chung thứ nhất.

+ Ta có $\left\{ \begin{array}{l}AD \subset \left( {SAD} \right)\\BC \subset \left( {SBC} \right)\\AD//BC\end{array} \right.$

Do đó giao tuyến của hai mặt phẳng $\left( {SAD} \right)$ và $\left( {SBC} \right)$ là đường thẳng đi qua $S$ và song song với $AD$.

Đáp án D

Phương pháp:

Nếu ${u_{n + 1}} \ge {u_n}\forall n$ thì dãy số $\left( {{u_n}} \right)$ là dãy số tăng.

Cách giải:

Xét dãy số ${u_n} = 2018 + 2n$ ta có ${u_{n + 1}} = 2018 + 2\left( {n + 1} \right) = 2020 + 2n > {u_n}\forall n$.

Vạy dãy số ${u_n} = 2018 + 2n$ là dãy số tăng.

Đáp án B

Phương pháp:

Phép vị tự tâm $I$, tỉ số $k$ biến đường tròn bán kính $R$ thành đường tròn có bán kính $R' = \left| k \right|R$.

Cách giải:

Đường tròn $\left( C \right):{\left( {x + 1} \right)^2} + {\left( {y - 2} \right)^2} = 25$ có bán kính $R = 5$.

Phép vị tự tỉ số $k = - \frac{1}{2}$ biến đường tròn $\left( C \right)$ thành đường tròn có bán kính $R' = \left| { - \frac{1}{2}} \right|R = \frac{1}{2}.5 = \frac{5}{2}$

Đáp án C

Phương pháp:

+ Thay lần lượt $n = 1,\,\,n = 2,\,\,n = 3,\,....$ để tính các số hạng thứ 1, 2, 3, ...

+ $\left( {{u_n}} \right)$ dãy số giảm và bị chặn dưới nếu ${u_{n + 1}} \le {u_n}\,\,\forall n \in {\mathbb{N}^*}$ và tồn tại số thực $m$ sao cho ${u_n} \ge m\,\,\forall n \in {\mathbb{N}^*}$.

+ $\left( {{u_n}} \right)$ là dãy số tăng nếu ${u_{n + 1}} \ge {u_n}\,\,\forall n \in {\mathbb{N}^*}$

Cách giải:

Ta có ${u_{n + 1}} = \frac{1}{{{{\left( {n + 1} \right)}^2} + n + 1}} < \frac{1}{{{n^2} + n}} = {u_n}\,\,\forall n \in {\mathbb{N}^*} \Rightarrow \left( {{u_n}} \right)$ là dãy số giảm.

Vậy khẳng định $C$ sai.

Đáp án C

Phương pháp:

Công thức số hạng tổng quát của $\left( {{u_n}} \right)$ có số hạng đầu ${u_1}$ và công sai $d$ là ${u_n} = {u_1} + \left( {n - 1} \right)d$

Cách giải:

Công thức số hạng tổng quát của $\left( {{u_n}} \right)$ có số hạng đầu ${u_1}$ và công sai $d$ là ${u_n} = {u_1} + \left( {n - 1} \right)d$

Đáp án B

Phương pháp:

Công thức số hạng tổng quát của $\left( {{u_n}} \right)$ có số hạng đầu ${u_1}$ và công sai $d$ là ${u_n} = {u_1} + \left( {n - 1} \right)d$

Cách giải:

Công thức số hạng tổng quát của $\left( {{u_n}} \right)$ có số hạng đầu ${u_1} = 3$ và công sai $d = 2$ là

${u_n} = 3 + \left( {n - 1} \right)2 = 3 + 2n - 2 = 2n + 1$

Đáp án D

Phương pháp:

Sử dụng khai triển nhị thức Newton: ${\left( {a + b} \right)^n} = \sum\limits_{k = 0}^n {C_n^k{a^{n - k}}{b^k}\,\,\left( {0 \le k \le n} \right)}$.

Cách giải:

Ta có: ${\left( {{x^2} - \frac{2}{x}} \right)^6} = \sum\limits_{k = 0}^6 {C_6^k{{\left( {{x^2}} \right)}^{6 - k}}{{\left( { - \frac{2}{x}} \right)}^k} = } \sum\limits_{k = 0}^6 {C_6^k{{\left( { - 2} \right)}^k}{x^{12 - 2k}}{x^{ - k}} = \sum\limits_{k = 0}^6 {C_6^k{{\left( { - 2} \right)}^k}{x^{12 - 3k}}} }$

Số hạng không chứa $x$ ứng với $12 - 3k = 0 \Leftrightarrow k = 4\left( {tm} \right)$.

Vậy số hạng không chứa $x$ trong khai triển trên là $C_6^4.{\left( { - 2} \right)^4} = 240$.

Đáp án D

Phương pháp:

Sử dụng khai triển nhị thức Newton: ${\left( {a + b} \right)^n} = \sum\limits_{k = 0}^n {C_n^k{a^{n - k}}{b^k}\,\,\left( {0 \le k \le n} \right)}$.

Cách giải:

Ta có: ${\left( {{x^2} - \frac{2}{x}} \right)^6} = \sum\limits_{k = 0}^6 {C_6^k{{\left( {{x^2}} \right)}^{6 - k}}{{\left( { - \frac{2}{x}} \right)}^k} = } \sum\limits_{k = 0}^6 {C_6^k{{\left( { - 2} \right)}^k}{x^{12 - 2k}}{x^{ - k}} = \sum\limits_{k = 0}^6 {C_6^k{{\left( { - 2} \right)}^k}{x^{12 - 3k}}} }$

Số hạng không chứa $x$ ứng với $12 - 3k = 0 \Leftrightarrow k = 4\left( {tm} \right)$.

Vậy số hạng không chứa $x$ trong khai triển trên là $C_6^4.{\left( { - 2} \right)^4} = 240$.

Đáp án A

Phương pháp:

+ ${V_{\left( {I;k} \right)}}\left( M \right) = M' \Leftrightarrow \overrightarrow {IM'} = k\overrightarrow {IM}$.

+ ${T_{\overrightarrow u }}\left( M \right) = M' \Leftrightarrow \overrightarrow {MM'} = \overrightarrow u$.

Cách giải:

+ Gọi $M\left( {x;y} \right) \in d$ bất kì.

+ Gọi $M'\left( {x';y'} \right) = {V_{\left( {O; - 3} \right)}}\left( M \right) \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l}x' = - 3x\\y' = - 3y\end{array} \right.$

+ Gọi $M''\left( {x'';y''} \right) = {T_{\overrightarrow u }}\left( {M'} \right) \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l}x'' = x' + 1 = - 3x + 1\\y'' = y' + 2 = - 3y + 2\end{array} \right. \Leftrightarrow \left\{ \begin{array}{l}x = \frac{{ - x'' + 1}}{3}\\y = \frac{{ - y'' + 2}}{3}\end{array} \right. \Rightarrow M\left( {\frac{{ - x'' + 1}}{3};\frac{{ - y'' + 2}}{3}} \right)$.

+ Do $M \in d \Rightarrow 3\frac{{ - x'' + 1}}{3} - 4\frac{{ - y'' + 2}}{3} + 1 = 0 \Leftrightarrow - 3x'' + 4y'' - 2 = 0 \Leftrightarrow 3x'' - 4y'' + 2 = 0$.

+ Gọi $d'$ là ảnh của $d$ qua liên tiếp phép vị tự tâm O tỉ số $k = - 3$ và phép tịnh tiến theo vectơ $\overrightarrow u = \left( {1;2} \right)$.

Ta có

$\Rightarrow d':3x - 4y + 2 = 0$

Đáp án C

Phương pháp:

Sử dụng công thức tính tổng $1 + 2 + 3 + ... + n = \frac{{n\left( {n + 1} \right)}}{2}$

Cách giải:

Ta có:

${u_{n + 1}} = {u_n} + n = {u_{n - 1}} + n + n - 1 = ...$

$= {u_1} + n + n - 1 + ... + 1$

$= 2018 + \frac{{\left( {n + 1} \right).n}}{2}$

Vậy ${u_n} = 2018 + \frac{{n\left( {n - 1} \right)}}{2}$.

Đáp án C

Phương pháp:

+ Sử dụng công thức hạ bậc ${\cos ^2}x = \frac{{1 + \cos 2x}}{2}$

+ Sử dụng phương pháp giải phương trình dạng $a\sin x + b\cos x$.

Cách giải:

$4{\cos ^2}\frac{x}{2} - \sqrt 3 \cos 2x = 1 + 2{\cos ^2}\left( {x - \frac{\pi }{4}} \right) \Leftrightarrow 2\left( {1 + \cos x} \right) - \sqrt 3 \cos 2x = 1 + 1 + \cos \left( {2x - \frac{\pi }{2}} \right)$

$\Leftrightarrow 2 + 2\cos x - \sqrt 3 \cos 2x = 2 + \sin 2x \Leftrightarrow 2\cos x = \sin 2x + \sqrt 3 \cos 2x$

$\Leftrightarrow \cos x = \frac{1}{2}\sin 2x + \frac{{\sqrt 3 }}{2}\cos 2x \Leftrightarrow \cos x = \cos 2x.\cos \frac{\pi }{6} + \sin 2x.\sin \frac{\pi }{6}$

$\Leftrightarrow \cos x = \cos \left( {2x - \frac{\pi }{6}} \right) \Leftrightarrow \left[ \begin{array}{l}2x - \frac{\pi }{6} = x + k2\pi \\2x - \frac{\pi }{6} = - x + k2\pi \end{array} \right. \Leftrightarrow \left[ \begin{array}{l}x = \frac{\pi }{6} + k2\pi \\x = \frac{\pi }{{18}} + \frac{{k2\pi }}{3}\end{array} \right.\left( {k \in \mathbb{Z}} \right)$

Các nghiệm của phương trình thuộc $\left( {0;\frac{\pi }{2}} \right)$ là $\left\{ {\frac{\pi }{6};\frac{\pi }{{18}}} \right\}$

Đáp án C

Phương pháp:

+ Đặt $t = \sin x - \sqrt 3 \cos x$, tìm khoảng giá trị của $t$.

+ Đưa hàm số về ẩn $t$ trên miền giá trị đã xác định được, lập BBT và kết luận.

Cách giải:

$y = \sqrt {{{\left( {\sin x - \sqrt 3 \cos x} \right)}^2} - 2\sin x + 2\sqrt 3 \cos x - m + 3}$

$y = \sqrt {{{\left( {\sin x - \sqrt 3 \cos x} \right)}^2} - 2\left( {\sin x - \sqrt 3 \cos x} \right) - m + 3}$

+ Đặt $t = \sin x - \sqrt 3 \cos x = 2\left( {\frac{1}{2}\sin x - \frac{{\sqrt 3 }}{2}\cos x} \right) = 2\sin \left( {x - \frac{\pi }{3}} \right) \Rightarrow - 2 \le t \le 2$

Khi đó hàm số trở thành $y = \sqrt {{t^2} - 2t - m + 3} \,\,\forall t \in \left[ { - 2;2} \right]\,\,\left( * \right)$.

+ Để hàm số ban đầu xác định với mọi $x \in \mathbb{R}$ thì hàm số xác định với mọi $t \in \left[ { - 2;2} \right]$.

Tức là ${t^2} - 2t - m + 3 \ge 0\,\,\forall t \in \left[ { - 2;2} \right]$.

+ Xét hàm số $f\left( t \right) = {t^2} - 2t - m + 3$ trên $\left[ { - 2;2} \right]$ ta có BBT:

Để ${t^2} - 2t - m + 3 \ge 0\,\,\forall t \in \left[ { - 2;2} \right]$ thì $2 - m \ge 0 \Leftrightarrow m \le 2$.

Mà $m$ nguyên dương          $\Rightarrow m \in \left\{ {1;2} \right\}$.

Chú ý: Cần xác định chính xác khoảng giá trị của $t$.

Đáp án C

Phương pháp:

+ Tính số phần tử của không gian mẫu.

+ Tính số phần tử của biến cố.

+ Tính xác suất của biến cố.

Cách giải:

Xếp ngẫu nhiên 6 chữ cái trên thành hàng ngang có $\frac{{6!}}{{2!.2!}} = 180$ cách $\Rightarrow n\left( \Omega \right) = 180$.

Buộc các chữ cái H, H thành 1 buộc, S, S thành một buộc, khi đó ta cần xếp các chữ cái $\left( {HH} \right),\,\,\left( {SS} \right),\,\,V,\,\,N$ thành 1 hàng ngang, có $4! = 24$ cách.

Gọi A là biến cố: “2 chữ cái giống nhau đứng cạnh nhau” $\Rightarrow n\left( A \right) = 24$.

Vậy $P\left( A \right) = \frac{{n\left( A \right)}}{{n\left( \Omega \right)}} = \frac{{24}}{{180}} = \frac{2}{{15}}$.

1) $2\sin x + \sqrt 2 = 0$

Phương pháp:

Giải phương trình lượng giác cơ bản: $\sin x = \sin \alpha \Leftrightarrow \left[ \begin{array}{l}x = \alpha + k2\pi \\x = \pi - \alpha + k2\pi \end{array} \right.\left( {k \in \mathbb{Z}} \right)$

Cách giải:

$2\sin x + \sqrt 2 = 0 \Leftrightarrow \sin x = - \frac{{\sqrt 2 }}{2} \Leftrightarrow \left[ \begin{array}{l}x = - \frac{\pi }{4} + k2\pi \\x = \frac{{5\pi }}{4} + k2\pi \end{array} \right.\left( {k \in \mathbb{Z}} \right)$.

2) $\sqrt 3 \sin x - \cos x + 2 = 0$.

Phương pháp:

Chia cả hai vế của phương trình cho $\sqrt {{a^2} + {b^2}}$.

Cách giải: 

$\sqrt 3 \sin x - \cos x + 2 = 0 \Leftrightarrow \frac{{\sqrt 3 }}{2}\sin x - \frac{1}{2}\cos x = - 1$

$\Leftrightarrow \sin x\cos \frac{\pi }{6} - \cos x\sin \frac{\pi }{6} = - 1 \Leftrightarrow \sin \left( {x - \frac{\pi }{6}} \right) = - 1$

$\Leftrightarrow x - \frac{\pi }{6} = - \frac{\pi }{2} + k2\pi \Leftrightarrow x = - \frac{\pi }{3} + k2\pi \left( {k \in \mathbb{Z}} \right)$

1) Cho tập hợp $A = \left\{ {0;1;2;3;4;5;6;7;8;9} \right\}$. Có bao nhiêu số tự nhiên có 4 chữ số được thành lập từ tập hợp A.

Phương pháp:

+ Gọi số tự nhiên có 4 chữ số cần lập là $\overline {abcd} \left( {0 \le a;b;c;d \le 9;\,\,a \ne 0;\,\,a,b,c,d \in \mathbb{N}} \right)$.

+ Tìm số cách chọn từng chữ số, sau đó áp dụng quy tắc nhân.

Cách giải:

Gọi số tự nhiên có 4 chữ số cần lập là $\overline {abcd} \left( {0 \le a;b;c;d \le 9;\,\,a \ne 0;\,\,a,b,c,d \in \mathbb{N}} \right)$.

+ $a \ne 0 \Rightarrow$ Có 9 cách chọn $a$.

+ 3 chữ số còn lại, mỗi số có 10 cách chọn.

Áp dụng quy tắc nhân ta có: ${9.10^3} = 9000$ số.

2) Một hộp có 6 bi đỏ, 7 bi xanh, 8 bi vàng (các bi khác nhau). Lấy ngẫu nhiên 6 bi. Tính xác suất để lấy được ít nhất 3 bi đỏ.

Phương pháp:

Sử dụng biến cố đối.

Cách giải:

Lấy ngẫu nhiên 6 viên bi $\Rightarrow n\left( \Omega \right) = C_{21}^6 = 54264$.

Gọi A là biến cố: “Lấy được ít nhất 3 viên bi đỏ” $\Rightarrow \overline A$: “Lấy được ít hơn 3 viên bi đỏ”.

TH1: 0 bi đỏ + 6 bi khác màu đỏ (xanh hoặc vàng).

Số cách chọn là: $C_6^0.C_{15}^6 = 5005$ cách.

TH2: 1 bi đỏ + 5 bi khác màu đỏ (xanh hoặc vàng).

Số cách chọn là: $C_6^1.C_{15}^5 = 18018$ cách.

TH3: 2 bi đỏ + 4 bi khác màu đỏ (xanh hoặc vàng).

Số cách chọn là: $C_6^2.C_{15}^4 = 20475$ cách.

Áp dụng quy tắc cộng ta có $n\left( {\overline A } \right) = 5005 + 18018 + 20475 = 43498$.

Vậy $P\left( A \right) = 1 - P\left( {\overline A } \right) = 1 - \frac{{43498}}{{54264}} = \frac{{769}}{{3876}}$.

Phương pháp:

1) Xác định hai điểm chung của hai mặt phẳng.

2) + Gọi $Q$ là trung điểm của $SB$.

+ Chứng minh $MN$ song song với một đường thẳng bất kì chứa trong $\left( {SBC} \right)$.

3) + Xác định $\Delta$.

+ Xác định giao tuyến của $\left( {SAD} \right)$ và $\left( {BDG} \right)$.

+ Chứng minh $P$ là điểm chung của hai mặt phẳng $\left( {SAD} \right)$ và $\left( {BDG} \right)$.

Cách giải:

1) Tìm $\left( {SAC} \right) \cap \left( {SBD} \right)$.

+ $S$ là điểm chung thứ nhất.

+ Trong $\left( {ABCD} \right)$ có $AC \cap BD = 0$, ta có:

$\left\{ \begin{array}{l}O \in AC \subset \left( {SAC} \right) \Rightarrow O \in \left( {SAC} \right)\\O \in BD \subset \left( {SBD} \right) \Rightarrow O \in \left( {SBD} \right)\end{array} \right. \Rightarrow O \in \left( {SAC} \right) \cap \left( {SBD} \right)$

$\Rightarrow O$ là điểm chung thứ hai.

Vậy $\left( {SAC} \right) \cap \left( {SBD} \right) = SO$.

2) Gọi $Q$ là trung điểm của $SB$.

$NQ$ là đường trung bình của tam giác $SAB \Rightarrow NQ//AB$ và $NQ = \frac{1}{2}AB$.

$\Rightarrow NQ//MC$ và $NQ = MC \Rightarrow MNQC$ là hình bình hành (dhnb).

$\Rightarrow MN//QC$. Mà $QC \subset \left( {SAB} \right)$.

Vậy $MN//\left( {SAB} \right)$.

3) Gọi $E$ là trung điểm của $AB$ ta có $\left( {SMG} \right) \equiv \left( {SME} \right)$.

Xác định $\left( {SAD} \right) \cap \left( {SME} \right)$.

+ $S$ là điểm chung thứ nhất.

+ $\left\{ \begin{array}{l}AD \subset \left( {SAD} \right)\\ME \subset \left( {SME} \right)\\AD//ME\end{array} \right.$

$\Rightarrow$ Giao tuyến của hai mặt phẳng $\left( {SAD} \right)$ và $\left( {SME} \right)$ là đường thẳng đi qua $S$ và song song với

$AD,\,\,ME$.

Qua $S$ dựng đường thẳng song song với $AD$ cắt $OG$ tại $P \Rightarrow \Delta \equiv SP$.

Nội $BN$ ta có $\left( {SAD} \right) \cap \left( {BDN} \right) = DN$.

$\left\{ \begin{array}{l}P \in \Delta = \left( {SAD} \right) \cap \left( {SBC} \right) \Rightarrow P \in \left( {SAD} \right)\\P \in OQ \subset \left( {BDG} \right) \Rightarrow P \in \left( {BDG} \right)\end{array} \right. \Rightarrow P \in \left( {SAD} \right) \cap \left( {BDG} \right)$

Vậy $P \in DN$ hay $P,N,D$ thẳng hàng.