Lời giải
a) Đường tròn (O) có hai tiếp tuyến HM và ME cắt nhau tại M.
Suy ra OM là tia phân giác của \(\widehat {HME}\).
Do đó \(\widehat {HMO} = \widehat {OME} = \frac{1}{2}\widehat {HME} = \beta \).
Chứng minh tương tự, ta được \(\widehat {ONK} = \widehat {ONE} = \frac{1}{2}\widehat {ENK} = \gamma \).
Tứ giác BMNC, có: \(\widehat {CBM} + \widehat {BMN} + \widehat {MNC} + \widehat {NCB} = 360^\circ \).
\( \Leftrightarrow \alpha + 2\beta + 2\gamma + \alpha = 360^\circ \).
\( \Leftrightarrow 2\alpha + 2\beta + 2\gamma = 360^\circ \).
\( \Leftrightarrow \alpha + \beta + \gamma = 180^\circ \) (1)
∆MON, có: \(\widehat {MON} + \beta + \gamma = 180^\circ \) (2)
Từ (1), (2), ta được \(\widehat {MON} = \alpha \).
b) Xét ∆BOM và ∆ONM, có:
\(\widehat {MBO} = \widehat {MON} = \alpha \);
\(\widehat {BMO} = \widehat {OMN} = \beta \).
Do đó (g.g).
Chứng minh tương tự, ta được (g.g).
Vậy OM, ON chia tứ giác BMNC thành ba tam giác đồng dạng là ∆BOM, ∆ONM và ∆CON.
c) Ta có O là trung điểm của BC và BC = 2a.
Suy ra \(BO = CO = \frac{{BC}}{2} = \frac{{2a}}{2} = a\).
Ta có (chứng minh trên).
Suy ra \(\frac{{BM}}{{CO}} = \frac{{BO}}{{CN}}\).
Do đó BM.CN = CO.BO = a.a = a2.
Vậy BM.CN = a2.
d) Áp dụng bất đẳng thức Cauchy, ta được \(BM + CN \ge 2\sqrt {BM.CN} = 2\sqrt {{a^2}} = 2a\).
Ta thấy a là một số không đổi.
Dấu “=” xảy ra ⇔ BM = CN = a.
Vì vậy tổng BM + CN nhỏ nhất khi và chỉ khi BM = CN = a.
Ta có tỉ số \(\frac{{BM}}{{AB}} = \frac{{CN}}{{AC}}\).
Áp dụng định lí Thales đảo, ta được: MN // BC.
Vậy khi tiếp tuyến MN của (O) song song với đường thẳng BC thì tổng BM + CN nhỏ nhất.