Đặt điện áp  vào hai đầu đoạn mạch như hình H1. Biết U, ω, R, L, r không đổi; C thay đổi được. Đồ thị điện áp hiệu dụng U_MB và U_NB phụ thuộc vào C như hình H2. Khi C = C₃ thì điện áp hiệu dụng U_AM là

Khi $C=0\Rightarrow Z_C=\frac{1}{\omega C}=\infty \Rightarrow U_{MB}=U_{NB}=U=120V$

Khi $C=2C_1\stackrel{chuânhóa}{\to }{Z}_C=1$  thì $U_{MB}\min \to$  cộng hưởng $\to Z_L=Z_C=1$

$U_r=\frac{Ur}{R+r}\Rightarrow 40=\frac{120r}{R+r}\Rightarrow R=2r$

Khi $C=C_1\to Z_C=2$  thì $U_{NB}=\frac{U{Z}_C}{\sqrt{\left(R+r\right){}^2+{\left(Z_L-Z_C\right)}^2}}\Rightarrow 120=\frac{120.2}{\sqrt{\left(3r\right){}^2+{\left(1-2\right)}^2}}\Rightarrow r=\frac{\sqrt{3}}{3}$

Khi $$$C=C_3$  thì $U_{MB}=U_{NB}\Rightarrow Z_{MB}=Z_{NB}\Rightarrow r^2+{\left(Z_L-Z_C\right)}^2=Z_C^2\Rightarrow {\left(\frac{\sqrt{3}}{3}\right)}^2+{\left(1-Z_C\right)}^2=Z_C^2\Rightarrow Z_C=\frac{2}{3}$

Vậy $U_{AM}=\frac{U.2r}{\sqrt{{\left(3r\right)}^2+{\left(Z_L-Z_C\right)}^2}}=\frac{\mathrm{120.2.}\frac{\sqrt{3}}{3}}{\sqrt{3+{\left(1-2/3\right)}^2}}\approx 78,6$  (V). Chọn C