Đốt cháy hoàn toàn 15,48 gam hỗn hợp Q gồm ba este X, Y, Z (M_X < M_Y < M_Z < 200 đvC) thu được 0,64 mol CO₂ và 0,38 mol H₂O. Mặt khác, xà phòng hoá hoàn toàn 15,48 gam X với dung dịch NaOH (vừa đủ), thu được 5,64 gam hỗn hợp E gồm hai ancol (tỉ lệ mol 1 : 3) và dung dịch chứa 19,52 gam hỗn hợp F gồm ba muối. Đốt cháy hoàn toàn F thu được Na₂CO₃, H₂O và 14,52 gam CO₂. Phần trăm số mol của Z trong hỗn hợp Q gần nhất là

Đáp án C

nCOO-Ancol = u và nCOO-phenol = v

mQ = 16(2u + 2v) + 0,64.12 + 0,38.2 = 15,48

nNaOH = u + 2v; nH₂O = v, bảo toàn khối lượng:

15,48 + 40(u + 2v) = 5,64 + 19,52 + 18v → u = 0,18; v = 0,04

nNaOH = 0,26 → nNa₂CO₃ = 0,13 → nC(muối) = nNa₂CO₃ + nCO₂ = 0,46 → nC(Ancol) = 0,64 – 0,46 = 0,18

nO(Ancol) = u = 0,18 → nH(Ancol) = 0,6

nAncol = nH/2 – nC = 0,12 ® Số C = 0,18/0,12 = 1,5 → Có CH₃OH

M_X < M_Y < M_Z < 200 đvC nên ancol không quá 3 chức, mặt khác ancol có nC = nO nên:

TH₁: CH₃OH (0,06) và C₂H₄(OH)₂ (0,06) (Bấm hệ nAncol, mAncol): Loại vì không đúng tỉ lệ 1 : 3.

TH₂: CH₃OH (0,09) và C₃H₅(OH)₂ (0,03) (Bấm hệ nAncol, mAncol): Thỏa mãn tỉ lệ 1 : 3.

Muối chứa COONa (u + v = 0,22); ONa (0,04); C (0,46 – 0,22 = 0,24) và H (0,34 – Tính từ mF)

Dễ thấy nC = 6nONa nên muối gồm C₆H₅ONa (0,04), HCOONa (0,34 – 0,04.5 = 0,14) và (COONa)₂ (0,04)

Q gồm: Y là (HCOO)₃C₃H₅: 0,03 / Z là C₆H₅-OOC-COO-CH₃: 0,04 / X là HCOOCH₃: 0,05

→ %nZ = 33,33%